ah`, có ai làm được bài 19 + 20 sgk hình học 11- nâng cao không(trang 103 đó). giải gúp mình với cảm ơn nhiều
Câu a:
Hình chóp tam giác đều có SA=SB=SC =>SG\[\perp \]mp (ABC)
Nếu không biết định lí này chứng minh như sau :
CG cắt AB tại H =>H là trung điểm AB
Xét \[\Delta SAB\] cân tại S => SH\[\perp \]AB
CH\[\perp \]AB
=> AB\[\perp \]mp(SHC)=> AB\[\perp \] SG(1)
Tương tự vói AC => AC\[\perp \]mp(STB)(T là trung điểm AC)=>AC\[\perp \]SG(2)
(1)và (2) AB không song song với AC=>SG\[\perp \]mp (ABC)
SG=\[{\sqrt{{SH}^{2}-HG^{2}}={\sqrt{\frac{8{SH}^{2}}{9}}={\sqrt{\frac{8{CH}^{2}}{9}}=\frac{\sqrt{6a}}{3}\]
Câu b:
C' là trung điểm của SC(1)
Ta có mp(P)\[\perp \]SC tại C'
=>AC'\[\perp \]SC(2)
Xét \[\Delta SAC\] cân tại S có AC'\[\perp \]SC,C' là trung điểm =>\[\Delta SAC\] đều=>a=b
=>BC'\[\perp \]SC=>thiết diện tạo bởi mp(P) là \[\Delta ABC'\]
H là trung điểm AB => C'H là đường cao
=>S=\[\frac{C'H*AB}{2}\]=?(Đến đây tự xử đi)
mấy câu đầu bạn tự xử ha.tớ giúp bạn câu cuối còn câu trên thì SD pytago là ra mà.
Tớ vẽ hình hơi khác bác gà con(các điểm ấy)
Trong tam giác BCD Có trực tâm H .Kẻ 3 đường cao BE,CF,DN theo câu trên có AH vuông góc mp(BCD)
Lấy trực tâm G của tam giác BCA bằng cách kẻ đường cao CM và BQ .Nối
D-G đc đường cao thứ 2 của tứ diện ABCD
Trong mp (AND)G thuộc (AND),AH cũng thuộc (AND)
Gọi AH x DG=I
muốn cm 4 đường cao của tứ diện đồng quy ta cm các đường hạ từ các đỉnh còn lại nối vs điểm I cũng là đường cao của tứ diện
Hay ta pải cm :CI vuông góc (ABD)
BI vuông góc (ACD)
CM::
BD vuông góc AC
BD vuông góc À
=>BD vuông góc mp(ACF)
mà AI thuộc mp (ACF) nên BD vuông góc CI
Lại có:CM vuông góc AB
CD vuông góc AB
=> AB vuông góc (MCD)
mà EM thuốc (MCD) nên AB vuông góc EM
mà I thuộc DG ->EI cũng thuộc (MCD)-> EI vuông góc AB,EM cũng vuông góc AB nên E,M,I thẳng hàng :EM vuông góc AB
Xét tam giác ABE: AH vuông góc BC
EM vuông góc AB
AHxEM=I
=> BI vuông góc AE
BI vuông góc CD
=>BI vuông góc mp (ACD)
Mặt khác : DQ vuông góc AC (đường coa trong tam giác ACD)
AC vuông góc BQ
Ac vuông góc BD
=> AC vuong góc (BQD)
=>AC vuong góc FQ
Mà I thuộc DQ thuộc (BQD) =>FI vuông góc AC
=> Q,F,D thanửg hàng
Tam giác ACF :AH vuông góc CF
FQ vuông góc AC
AH X FQ=I
=>CI vuông góc AF
Ta có:BD vuông góc AC, BD vuông góc AF=>BD vuông góc (ACE)=>BD vuông góc CI
=>CI vuông góc mp (ABD)
đc đpcm
Nhờ mod box toán vẽ hộ em cái hình nha(Hơi dài thì pải.Bạn thông cảm ha)
Ừmh gõ vội nên nhìn nhầm ==
Ta có \[\Delta SGH \perp \] tại G
\[{HG}^{2}\]=\[\frac{{CH}^{2}}{9}\]=\[\frac{{a}^{2}}{12}\]
\[{SH}^{2}\]=\[{SB}^{2}-{BH}^{2}=\frac{4{b}^{2}-{a}^{2}}{4}\]
=>\[{SG}^{2}={HG}^{2}-{SH}^{2}=\frac{3{b}^{2}-{a}^{2}}{4}\]
=>\[SG=\frac{\sqrt{3{b}^{2}-{a}^{2}}}{2}\](##)
Có vẻ bài này đề bài cho thiếu điều kiện @@
Câu b C' thuộc SB:
Ta có SB\[\perp \]mp(P) => SB \[\perp \]AC'(1)
Nếu C' không là trung điểm thì giữa a,b ngoài trừ điều kiện(##)
C' còn chiệu một điều kiện SC'+C'B=SB(điều này luôn đúng với mọi a,b vì nếu xét tam giác cân SAB thì không thể xảy ra trường hợp nào Mà C' có thể nằm ngoài SB đc)(*)
_(*) có thể chứng minh như sau :
Vì là tam giác cân tại S => \[\hat{B}\] luôn là góc nhọn ( \[\hat{A}=\hat{B}\] nếu cả hai cùng lớn hơn hoăc bằng 90 độ thì ...)
=> C' không thể nằm ngoài SB đc(định lí mối tương quan giữa các góc)
\[\Delta SAB\]=\[\Delta SCB\](C.C.C)(3)
=>SB\[\perp \]CC'(2)
(1)(2)=>mp(p) cắt Tứ diện S.ABC = AC'C
Mặt khác(3) => AC'=CC'=>\[\Delta AC'C\]cân tại C'
=> G là trung điểm AC, C'G\[\perp \]AC
=> S=1/2 C'G.AC= ?(dùng pitago tính C'G)